Aplicaciones de las leyes de Newton (GIE)

De Laplace

(Diferencias entre revisiones)

Revisión de 08:59 29 oct 2011

Contenido

1 Caída de los cuerpos
- 1.1 Movimiento sin rozamiento
- 1.2 Movimiento con rozamiento
2 Oscilador armónico
3 Tensión de un hilo
- 3.1 Máquina de Atwood
4 Movimiento sobre una superficie
5 Movimiento a lo largo de una curva

1 Caída de los cuerpos

En las proximidades de la superficie terrestre, la ley de Newton de la Gravitación Universal se reduce a

$\vec{F}=-\frac{GMm}{r^2}\vec{u}_r\simeq -\frac{GM}{R_T^2}m\vec{k}=m\vec{g}$

siendo

$\vec{g}=-g\vec{k}\qquad g \simeq 9.81\,\frac{\mathrm{m}}{\mathrm{s}^2}$

Una cantidad independiente de la masa del cuerpo.

Si suponemos que no hay otra fuerza actuando sobre la partícula, la aplicación de la segunda ley de Newton nos da

$\vec{a}=\frac{1}{m}(m\vec{g}) = \vec{g}$

esto es que, como ya descubrió Galileo

En ausencia de rozamiento, todos los cuerpos caen con la misma aceleración.

Esto es, la percepción cotidiana, formulada por Aristóteles, de que los cuerpos pesados caen más rápidamente que los ligeros no se debe a la diferencia en sus pesos, sino a las diferentes fuerzas de rozamiento que actúan sobre ellos.

1.1 Movimiento sin rozamiento

En ausencia de rozamiento, el movimiento de un cuerpo sometido exclusivamente a la acción de sus peso es uno parabólico, ya que la integración de las ecuaciones de movimiento es inmediata. De la aceleración

$\vec{a}=\vec{g}$

resulta la velocidad

$\vec{v}=\vec{v}_0+\int_0^t \vec{g}\,\mathrm{d}t = \vec{v}_0 + \vec{g}t$

y de aquí la posición

$\vec{r}=\vec{r}_0+\int_0^t \vec{v}\,\mathrm{d}t = \vec{r}_0+\vec{v}_0t+\frac{1}{2}\vec{g}t^2$

Separando en componentes quedan las ecuaciones horarias

$x = x_0 + v_{x0}t\qquad\qquad y = y_0 + v_{y0}t\qquad\qquad z = z_0 + v_{z0}t-\frac{1}{2}gt^2$

Vemos que la coordenada vertical sigue un movimiento uniformemente acelerado, mientras que las horizontales varían uniformemente.

1.2 Movimiento con rozamiento

Cuando tenemos en cuenta el rozamiento con el aire el problema se complica bastante. En el caso realista de un objeto que se mueve por el aire, la fuerza de rozamiento sería cuadrática

$\vec{F}_r=- \frac{1}{2}\rho AC_d |\vec{v}-\vec{u}|(\vec{v}-\vec{u})$

siendo $\vec{u}$ la velocidad del aire que rodea a la partícula (el viento). Esto convierte la ecuación de movimiento en una ecuación diferencial

$\vec{a}=\vec{g}- \frac{\rho AC_d}{2m} |\vec{v}-\vec{u}|(\vec{v}-\vec{u})$

La aceleración en cada punto depende de la velocidad que tenga, por lo que no se puede simplemente integrar. Además, aparece la velocidad del aire circundante que puede ser variable en el tiempo o dependiente de la posición (hace más viento a alturas mayores). Incluso, para grandes alturas, la densidad $ρ$ que es la del aire, también será dependiente de la posición.

Por ello, no existe una solución analítica general para este tipo de movimiento.

El caso más sencillo de este tipo de movimiento y que sí admite una solución analítica, sería el de la caída de una partícula desde una altura moderada $h$ , partiendo del reposo, y suponiendo que no hay corrientes de aire.

En este caso, el movimiento es puramente vertical, por lo que se pueden considerar variables escalares. De esta forma la ecuación de movimiento se reduce a

$v = \frac{\mathrm{d}z}{\mathrm{d}t}\qquad m\frac{\mathrm{d}v}{\mathrm{d}t}=-mg + \frac{\rho A C_d}{2} v^2$

Nótese que puesto que la partícula está cayendo, la fuerza de rozamiento va hacia arriba. De ahí el signo positivo que la precede.

A partir de la forma de la ecuación, podemos ver que inicialmente $v\simeq 0$ y por tanto la aceleración es prácticamente la de la gravedad. A medida que se va acelerando aumenta la fricción, hasta que iguala al peso. A partir de ese momento la fuerza es nula y la velocidad permanece constante. Esta velocidad límite cumple

$-mg + \frac{\rho A C_d}{2}v_L^2\qquad v_L = \sqrt{\frac{2mg}{\rho A C_d}}$

Esto nos permite escribir la ecuación de movimiento como

$\frac{\mathrm{d}v}{\mathrm{d}t}=-g\left(1-\frac{v^2}{v_L^2}\right)$

Podemos integrar esta ecuación si en vez de preguntarnos cuánto aumenta la velocidad en un instante, nos preguntamos cuánto tiempo tarda en aumentar una cierta cantidad

$\mathrm{d}v = -g\left(1-\frac{v^2}{v_L^2}\right)\,\mathrm{d}t \qquad\Rightarrow\qquad \mathrm{d}t=-\frac{\mathrm{d}v}{g(1-v^2/v_L^2)}$

Integrando en los dos miembros

$t = -\frac{1}{g}\int_0^v\frac{\mathrm{d}v}{1-v^2/v_L^2}$

Separando en dos fracciones e integrando cada una

$t = -\frac{v_L}{2g}\ln\left(\frac{v_L+v}{v_L-v}\right)$

y despejando de aquí

$v = -v_L\frac{1-\mathrm{e}^{-2gt/v_L}}{1+\mathrm{e}^{-2gt/v_L}}$

Esta función, como habíamos predicho, comienza con un crecimiento lineal, con pendiente $g$ , para luego estabilizarse en el valor de la velocidad terminal (aunque con signo negativo, indicando que su sentido es hacia abajo).

Integrando de nuevo obtenemos la posición como función del tiempo

$\int_h^z \mathrm{d}z = \int_0^t v(t)\,\mathrm{d}t$

y resulta

$z = h - v_L t- \frac{v_L^2}{g}\ln\left(\frac{1+\mathrm{e}^{-2g t/v_L}}{2}\right)$

2 Oscilador armónico

2.1 Ley de Hooke

Todos los materiales sólidos poseen una cierta elasticidad, lo que implica que si se les aplica una pequeña fuerza se comprimen o estiran, según el sentido de la fuerza. Cuando ésta es débil, la deformación es aproximadamente proporcional a la fuerza aplicada. Para el caso de una barra que se estira o comprimer longitudinalmente

$\Delta \vec{r} = \frac{1}{k}\vec{F}_\mathrm{ext}$

Por la tercera ley de Newton, esto quiere decir que la barra ejerce una fuerza igual y de sentido contrario y por tanto proporcional a la deformación

$\vec{F}=-\vec{F}_\mathrm{ext}=-k\Delta\vec{r}$

Esta es la conocida como ley de Hooke. Nos dice que cuando se estira o comprime un material elástico, éste ejerce una fuerza proporcional a la deformación efectuada y que se opone a ella (por lo que se denomina fuerza recuperadora).

Se trata de una aproximación válida solo para deformaciones y fuerzas pequeñas. Para deformaciones moderadas, la fuerza recuperadora deja de ser proporcional a la deformación. Para fuerzas grandes la fuerza ya no es capaz de devolver el sólido al estado inicial, con lo que la deformación es permanente (régimen plástico). Mayores deformaciones llegan a producir la ruptura del material.

La constante $k$ que aparece en la ley de Hooke se denomina constante de recuperación o simplemente constante del muelle (por ser los muelles o resortes ejemplos típocs de aplicación de la ley).

Para el caso de una barra o resorte horizontal, podemos emplear cantidades escalares y escribir

$F = - k\,(\Delta x)$

siendo $Δ x$ la diferencia entre la longitud instantánea, $l$ y la longitud que tiene en ausencia de fuerza, conocida como longitud en reposo, $l 0$ , de forma que la ley de Hooke queda

$F = -k(l-l_0)\,$

La longitud $l$ puede ser tanto mayor como menor que $l 0$ .

2.2 Dinamómetros

La ley de Hooke es la base de los dinamómetros más sencillos. Estos aparatos miden una fuerza simplemente considerando la posición de equilibrio de un resorte elástico.

De acuerdo con la segunda ley de Newton, si sobre una partícula en el extremo de un resorte se aplica una fuerza externa $F ext$ , se cumplirá

$ma =-k\left(l-l_0\right)+F_\mathrm{ext}\,$

Si el resorte está en equilibrio, la aceleración es nula y

$l_\mathrm{eq} = l_0 + \frac{F_\mathrm{ext}}{k}\qquad \Delta l = \frac{F_\mathrm{ext}}{k}$

con lo cual, midiendo el estiramiento, obtenemos la fuerza.

En el caso de que se trate de un resorte suspendido verticalmente, la fuerza externa es el peso de la masa colgada de él, de forma que la ecuación anterior queda

$ma = -k\left(l-l_0\right) + mg\,\qquad\Rightarrow\qquad l_\mathrm{eq}=l_0+\frac{mg}{k}$

El estiramiento es proporcional a la masa, lo que constituye el fundamento de la mayoría de las balanzas.

Teniendo en cuenta la posición de equilibrio, la ley de Hooke puede escribirse

$ma = -k\left(l-l_\mathrm{eq}\right)$

que nos dice que la dinámica de un resorte suspendido verticalmente es idéntica a la de uno horizontal, sin más que cambiar la longitud en reposo por la longitud de equilibrio (igual a la de reposo más una cierta cantidad proporcional a la masa colgada).

2.3 Movimiento de un oscilador armónico

2.3.1 Rectilíneo

Si tenemos un resorte gobernado la ley de Hooke, su ecuación de movimiento es

$ma = -k\left(l-l_\mathrm{eq}\right)\,$

Si medimos la posición no desde el extremo del resorte sino desde la posición de equilibrio

$x = l-l_\mathrm{eq}\,$

esta ecuación se reduce a

$\frac{\mathrm{d}^2x}{\mathrm{d}t^2} = a = -\frac{k}{m}x$

Si hacemos

$\omega^2 = \frac{k}{m}$

vemos que la solución de esta ecuación es un movimiento armónico simple, con solución general

$x = x_0\cos(\omega t) +\frac{v_0}{\omega}\mathrm{sen}(\omega t) = A\cos(\omega t-\varphi)$

El periodo de las oscilaciones depende de la masa y la constante del muelle

$T = \frac{2\pi}{\omega}=2\pi\sqrt{\frac{m}{k}}$

Esto quiere decir que para conseguir el doble de periodo debemos multiplicar por 4 la masa suspendida. La frecuencia natural de las oscilaciones vale

$f = \frac{1}{T}=\frac{1}{2\pi}\sqrt{\frac{k}{m}}$

La amplitud y la constante de fase dependen de la posición y la velocidad iniciales.

2.3.2 Tridimensional

La ley de Hooke no solo se aplica a resortes lineales, sino que existen numerosos sistemas que, en las proximidades de un punto de equilibrio, obedecen la ecuación de movimiento

$\vec{a}=-\frac{k}{m}\vec{r}$

La solución de esta ecuación es la generalización del caso rectilíneo

$\vec{r}(t) = \vec{r}_0\cos(\omega t) + \frac{\vec{v}_0}{\omega}\mathrm{sen}(\omega t)\qquad \omega =\sqrt{\frac{k}{m}}$

Sin embargo, a diferencia del caso rectilíneo, esto no se trata de un movimiento armónico simple, aunque lo parezca, sino que la partícula describe una elipse en torno al punto de equilibrio. Esta elipse se encuentra contenida en el plano definido por la posición y la velocidad iniciales.

2.4 Asociaciones de osciladores

¿Qué sucede cuando colgamos un muelle de otro y una masa en el extremo del inferior? ¿Y sí ponemos una masa atada por dos muelles a paredes opuestas? ¿Cuánto valen en esos casos la frecuencia de oscilación? ¿Cuál es la nueva posición de equilibrio?

2.4.1 Resortes en paralelo

Consideremos en primer lugar el caso de dos resortes de constantes $k 1$ y $k 2$ y longitudes en reposo $l 10$ y $l 20$ , que cuelgan del techo y una masa $m$ suspendida de ambos muelles simultáneamente. ¿Cuál es la posición de equilibrio y con qué frecuencia oscila la masa?

Sea $l$ la longitud que adquieren ambos resortes (que será necesariamente la misma para los dos).

$l = l_1 = l_2\,$

La ecuación de movimiento para la masa es

$a = \frac{F}{m}=\frac{1}{m}\left(F_1+F_2+mg\right)$

siendo $F 1$ y $F 2$ las fuerzas producidas por cada una de los resortes

$F_1 = -k_1(l-l_{10})\qquad F_2 = -k_2(l-l_{20})$

La posición de equilibrio nos la da el que la fuerza sea cero

$-k_1(l-l_{10}) - k_2(l-l_{20}) + mg = 0\qquad l_\mathrm{eq} = \frac{k_1l_{10}+k_2l_{20}+mg}{k_1+k_2}$

Podemos comprobar que en este resultado si $k_1\to\infty$ (el primer muelle se hace infinitamente rígido)

$\lim_{k_1\to\infty}l_\mathrm{eq} = l_{10}$

esto es, este resorte no de estira en absoluto. Igualmente si hacemos $k_2\to\infty$ , es el segundo muelle el que no se estira.

Definiendo la posición respecto a la de equilibrio

$x = l-l_\mathrm{eq}\,$

la ecuación de movimiento se convierte en

$a = -\frac{k_1+k_2}{m}x$

que nos dice que el muelle oscila en torno a su posición de equilibrio con una constante equivalente a la asociación que es la suma de las constantes individuales

$k_\mathrm{eq}=k_1+k_2\,$

de forma que la frecuencia de oscilación vale

$\omega = \sqrt{\frac{k_\mathrm{eq}}{m}}=\sqrt{\frac{k_1+k_2}{m}}$

En particular, si las dos constantes son iguales, esto nos da una constante equivalente que es el doble de cada una de ellas.

Cuando tenemos dos muelles suspendidos en paralelo, la elongación de ambos, respecto a la posición de equilibrio, es necesariamente la misma, mientras que la fuerza es la suma de la que produce cada resorte

$x = x_1 = x_2\,\qquad\qquad F= F_1+F_2$

De aquí la relación entre las constantes es inmediata

$F = F_1 + F_2 = -k_1 x_1 - k_2 x_2 = -(k1+k2)x\qquad \Rightarrow\qquad k_\mathrm{eq}=k_1+k_2$

En general, siempre que tengamos dos, tres,...resortes atados a distintos anclajes fijos (que pueden estar en diferentes puntos del espacio) y todos a la misma masa $m$ , la constante equivalente de la asociación es igual a la suma de las constantes individuales.

2.4.2 Resortes en serie

Supongamos ahora dos resortes ideales de constantes $k 1$ y $k 2$ y longitudes en reposo $l 10$ y $l 20$ conectados uno a continuación del otro y una masa que cuelga del extremo inferior de la asociación. En este caso, la masa se encuentra a una distancia del techo

$l = l_1 + l_2\,$

Para escribir las ecuaciones de movimiento, consideraremos temporalmente que en el punto de unión de los dos muelles se encuentra una pequeña masa $m 0$ , que luego haremos tender a cero.

La segunda ley de Newton aplicada a la masa $m$ nos da

$ma = -k_2\left(l_2-l_{20}\right)+mg\,$

Nótese que sobre esta masa no actúa el resorte 1, ya que no se encuentra conectado a la masa y no ejerce fuerzas a distancia. Esto nos permite expresar la elongación del muelle inferior en función del peso y la aceleración de la masa

$\Delta l_2 = l_2-l_{20} = \frac{F_2}{k_2}=\frac{1}{k_2}(mg-ma)$

Sobre la masa intermedia actúan los dos resortes, cada uno tirando en un sentido, de forma que

$m_0a_0 = -k_1(l_1-l_{10})+k_2(l_2-l_{20})+m_0g\,$

Ahora bien, si la masa intermedia es despreciable, $m_0\to 0$ y la ecuación se reduce a

$-k_1(l_1-l_{10}) = -k_2(l_2-l_{20})\,$

esto es, los dos resortes ejercen la misma fuerza

$F = F_1= F_2\,$

Esto nos permite calcular la elongación del muelle superior

$\Delta l_1 = l_1-l_{10} = \frac{F_1}{k_1}=\frac{F_2}{k_1}=\frac{1}{k_1}(mg-ma)$

Sumando las dos elongaciones obtenemos la elongación total

$l-(l_{10}+l_{20}) = \Delta l = \Delta l_1 + \Delta l_2 = \left(\frac{1}{k_1}+\frac{1}{k_2}\right)(mg-ma)$

De aquí sacamos la posición de equilibrio, que se alcanza cuando la aceleración es nula

$l_\mathrm{eq} = l_{10}+l_{20} + \left(\frac{1}{k_1}+\frac{1}{k_2}\right)mg$

y definiendo la elongación respecto a la posición de equilibrio

$x = l-l_\mathrm{eq}\,$

reducimos la ecuación de movimiento a

$x = -\left(\frac{1}{k_1}+\frac{1}{k_2}\right)ma \qquad\Rightarrow\qquad a = -\frac{1}{m}\left(\frac{1}{k_1}+\frac{1}{k_2}\right)^{-1}x$

que nos dice que la asociación se comporta como un solo resorte cuya constante verifica

$\frac{1}{k_\mathrm{eq}}=\frac{1}{k_1}+\frac{1}{k_2}$

En particular, si las dos constantes son iguales, esto nos da una constante equivalente que es la mitad de cada una de ellas.

En este caso, lo que tenemos es que la elongación es la suma de las dos elongaciones, mientras que la fuerza es la misma para los dos resortes

$x = x_1+x_2\qquad F=F_1=F_2$

de donde resulta de manera inmediata la relación entre constantes

$x = x_1+x_2 = \frac{F_1}{k_1}+\frac{F_2}{k_2}=\left(\frac{1}{k_1}+\frac{1}{k_2}\right)F\qquad\Rightarrow\qquad \frac{1}{k_\mathrm{eq}}=\frac{1}{k_1}+\frac{1}{k_2}$

2.5 Oscilaciones no lineales. Péndulo simple

La ley de Hooke es aplicable a muchas situaciones en las que no tenemos un sólido elástico. Supongamos una partícula con un solo grado de libertad se encuentra sometida a una fuerza que depende de la posición $F = F (x)$ (por ejemplo, la gravitatoria o la ley de Coulomb). La partícula se encuentra en una posición de equilibrio, $x 0$ cuando la fuerza sobre ella es nula, $F (x 0) = 0$ .

Si consideramos que la partícula se encuentra en una posición próxima a $x 0$ podemos emplear, en vez de la expresión completa de $F (x)$ , que puede ser muy complicada, la serie de Taylor en torno a $x 0$

$F(x)\simeq \overbrace{F(x_0)}^{=0} + F'(x_0)(x-x_0) + \frac{1}{2}F''(x_0)(x-x_0)^2+\dots$

El equilibrio es estable cuando al separar la partícula de la posición de equilibrio, la fuerza recuperadora tiende a devolverlo a ella. En ese caso, la derivada en $x 0$ es negativa y podemos definir

$k = -F'(x_0) > 0\,$

y la fuerza vale aproximadamente

$F(x)\simeq -k(x-x_0)$

que es de nuevo la ley de Hooke. Esto nos dice que los partículas oscilan aproximadamente de forma armónica cerca d eun punto de equilibrio estable.

Si nos alejamos mucho de la posición de equilibrio, ya la aproximación lineal no es suficiente y debemos recurrir a términos de orden superior. En ese caso la fuerza se aproxima por

$F(x) \simeq -k(x-x_0)+ \alpha (x-x_0)^2 +\beta (x-x_0)^3+\cdots$

y ya las oscilaciones no son armónicas.

El ejemplo más sencillo de oscilador no lineal es el del péndulo simple. Consideremos una masa $m$ que pende de un punto fijo a través de una barra rígida ideal, sin masa, y de longitud $L$ . Por acción de la gravedad, la masa oscila en torno al punto más bajo del péndulo.

Si usamos coordenadas polares en las que $\varphi$ es el ángulo con la vertical nos quedan las ecuaciones de movimiento

$m\left(\ddot{\rho}-\rho\dot{\varphi}^2\right) = F_\rho\qquad\qquad m(\rho\ddot{\varphi}+2\dot{\rho}\dot{\varphi})=F_\varphi$

Por estar atada a una barra rígida, la distancia al centro es constante

$\rho = L\qquad \dot{\rho}=0\qquad \ddot{\rho}=0$

La fuerza radial es la suma de la tensión de la barra, que va hacia adentro, con la componente radial del peso

$F_\rho = -\Phi + mg\cos(\varphi)$

mientras que la fuerza acimutal contiene solo la contribución del peso

$F_\varphi = -mg\,\mathrm{sen}(\varphi)$

Esto nos deja con

$-mL\dot{\varphi}^2 = -\Phi + mg\cos(\varphi)$

y

$m L \ddot{\varphi}=-mg\,\mathrm{sen}(\varphi)$

La primera ecuación nos sirve para hallar la tensión una vez que hallamos resuelto la segunda. Esta puede escribirse como

$\ddot{\varphi}=-\frac{g}{L}\mathrm{sen}(\varphi)$

Esta es la ecuación de un oscilador no lineal. Si consideramos que la lenteja del péndulo se separa poco de su posición de equilibrio

$\varphi \simeq 0\qquad\Rightarrow\qquad \mathrm{sen}(\varphi)=\varphi -\frac{\varphi^3}{6}+\cdots \simeq \varphi$

y la ecuación del péndulo se reduce a

$\ddot{\varphi} = -\frac{g}{L}\varphi$

Esta es la ecuación de un oscilador armónico de frecuencia y periodo

$\omega = \sqrt{\frac{g}{L}}\qquad\qquad T = \frac{2\pi}{\omega} = 2\pi\sqrt{\frac{L}{g}}$

Este resultado nos dice que, en primera aproximación, el periodo de un péndulo no depende de la amplitud de las oscilaciones (para garndes amplitudes, esto deja de ser cierto), sino solo de la longitud del péndulo.

Una vez resuelto el problema de hallar $\varphi(t)$ podemos calcular la tensión de la barra de la ecuación radial

$\Phi = mg\cos(\varphi) + m L\dot{\varphi}^2 \simeq mg - mg\frac{\varphi^2}{2}+mL\dot{\varphi}^2$

En el punto más bajo ( $\varphi=0$ ) esta tensión es mayor que la que habría si el péndulo estuviera en reposo, ya que la la fuerza aplicada no es nula, sino que iguala a la masa por la aceleración normal

$\Phi(\varphi=0) = mg + m L \dot{\varphi}^2 = m g + m\frac{v^2}{L}$

3 Tensión de un hilo

Uno de los elementos más comunes en problemas de dinámica es la presencia de hilos flexibles conectados a diferentes cuerpos, anclajes fijos o pasando por poleas. Estos hilos, en primera aproximaciones se consideran como ideales:

No tienen masa
Son inextensibles

Al ser inextensibles, garantizan que la distancia entre sus extremos permanece constante.

La propiedad de no tener masa implica que no tienen inercia y que no es necesario aplicarles una fuerza neta para moverlo, sino que simplemente se mueven arrastrados por las masas situadas en sus extremos.

Cuando tiramos de un extremo de un hilo (ideal o real), este experimenta una tensión. Esta es una fuerza debida a la minúscula separación en los átomos del extremo de la cuerda, que a su vez atraen a los átomos situados un poco más allá, y estos tiran de los siguientes, etc. El resultado es que todos los átomos quedan ligeramente separados de sus posiciones de equilibrio y toda el hilo se encuentra en tensión.

En principio, la tensión de un hilo puede ir variando a lo largo de éste. Por ejemplo, imaginemos una cuerda pesada que pende del techo. Los puntos superiores deben soportar una mayor fuerza que los inferiores, y por tanto la tensión será más elevada en los puntos más altos.

Si la cuerda es ideal,sin embargo, la tensión tiene el mismo valor en todos los puntos del hilo. Consideremos un elemento del hilo, de masa $d m$ y longitud $d x$ . De acuerdo con la segunda ley de Newton,

$\mathrm{d}m\,\vec{a}=\vec{T}(x+\mathrm{d}x)-\vec{T}{x}$

ya que el elemento se encuentra sometido a dos tensiones, una por cada extremo, que tiran en sentidos opuestos. Si el hilo es completamente ideal, la masa de elemento es completamente nula y

$\vec{0} = \vec{T}(x+\mathrm{d}x)-\vec{T}{x} \qquad\Rightarrow\qquad \vec{T}(x+\mathrm{d}x)= \vec{T}(x)$

Si el hilo se dobla en su camino (por ejemplo, al pasar por una polea también ideal sin masa), la tensión sigue teniendo el mismo módulo en todos los puntos del hilo, aunque su dirección y sentido cambien, por ser siempre tangente al hilo.

3.1 Máquina de Atwood

Una de las aplicaciones de las tensiones de hilos es el de la máquina de Atwood, formada por dos masas $m 1$ y $m 2$ unidas por un hilo ideal que pasa por una polea también ideal. Cuando se liberan estas masas, la más pesada tira de las más ligera y comienzan a moverse aceleradamente. La cuestión es calcular con qué aceleración lo hacen.

Para la masa $m 1$ , las fuerzas que actúan sobre ella son su peso y la tensión del hilo, de forma que

$m_1\vec{a}_1 = m_1\vec{g}+\vec{T}_1$

Puesto que todas las fuerzas son verticales, podemos usar cantidades escalares

$\vec{a}_1 =a \vec{k}\qquad \vec{T}_1=T\vec{k}\qquad\vec{g}=-g\vec{k}$

y queda

$m_1 a = -m_1g+T\,$

Haciendo los mismo para la segunda masa

$m_2\vec{a}_2 = m_2\vec{g}+\vec{T}_2$

Por ser la cuerda inextensible, la aceleración con la que se estira por un lado debe ser exactamente igual que con la que se recoge por otro.

$x_1 + x_2 +\pi R = L=\mathrm{cte}\qquad\Rightarrow\qquad \dot{x}_1+\dot{x}_2 = 0\qquad\Rightarrow\qquad \ddot{x}_2=-\ddot{x}_1$

Por otro lado, como el módulo de la tensión del hilo es el mismo a lo largo de todos sus puntos

$\vec{a}_2 = -a\vec{k}\qquad \vec{T}_2 = T\vec{k}$

lo que nos da la ecuación escalar

$-m_2a = -m_2g + T\,$

Restando las dos ecuaciones obtenemos la aceleración $(m_1+m_2)a = (m_2-m_1)g\qquad\Rightarrow\qquad a = \frac{m_2-m_1}{m_2+m_1}g$

y si queremos la tensión del hilo

$T = m_1(a+g) = \frac{2m_1m_2}{m_1+m_2}g$

La fuerza sobre la polea la da en que está sometida a la tensión que tira de ella por sus dos extremos

$\vec{F}=-\vec{T}_1-\vec{T}_2 = -2T\vec{k}=-\frac{4m_1m_2}{m_1+m_2}g\vec{k}$

Vemos que no es simplemente igual al peso de las dos masas, sino que influye el que éstas estén aceleradas. Esta fuerza debe ser contrarrestada por el anclaje de la polea, que debe ejercer una fuerza igual y de sentido contrario $\vec{F}_\mathrm{ext}=-\vec{F}$ .

4 Movimiento sobre una superficie

Un caso de partícula vinculada es aquél en que se ve a obligada a moverse sobre una superficie. Esta superficie puede ser material o simplemente geométrica. Por ejemplo, una partícula que se mueve sobre el interior de un cuenco hemisférico, o una lenteja que oscila en el extremo de un hilo flexible, están sometidos al mismo vínculo de moverse sobre una superficie esférica.

El vínculo de moverse sobre una superficie puede ser unilateral o bilateral. En el caso péndulo con hilo flexible, la ligadura es unilateral, ya que la distancia al centro es menor o igual a $L$ , la longitud del hilo. Si en vez de un hilo tenemos una barra rígida, el vínculo es bilateral, ya que la distancia al centro es siempre igual a $L$ .

Cunado una partícula se mueve sobre una superficie fijada experimenta una fuerza de reacción vincular, que se compone dos partes:

Una fuerza perpendicular a la superficie, que es la responsable de que la partícula se mueva sobre ella. Por la tercera ley de Newton, esta fuerza será igual y opuesta a la componente normal que la partícula ejerce sobre la superficie.
Una fuerza de rozamiento, tangente a la superficie. En los casos de contacto seco, sigue las leyes de Coulomb del rozamiento.

En el caso de un vínculo liso (sin rozamiento), la fuerza de reacción es puramente perpendicular a la superficie.

Un ejemplo sencillo lo tenemos en el plano inclinado. Consideremos un bloque de masa $m$ situada sobre un plano inclinado un ángulo $β$ . El coeficiente de rozamiento estático es $μ$ y el dinámico es $μ d$ ( $μ d < μ$ ). ¿Cuánto vale el ángulo mínimo para que deslice? Si lo hace, ¿cuánto vale su aceleración?

Las fuerzas que actúan sobre la masa son su peso, la reacción normal del plano y la fuerza de rozamiento. Para que no haya deslizamiento, la suma de las tres debe ser nula. Si usamos un sistema de ejes en el que ele eje OX es tangente al plano y el OY es perpendicular a él, el peso puede escribirse como

$\vec{P}=m\vec{g}=m g\,\mathrm{sen}(\beta)\vec{\imath}-mg\cos(\beta)\vec{\jmath}$

mientras que la reacción normal y la fuerza de rozamiento son de la forma

$\vec{F}_n=F_n\vec{\jmath}\qquad \vec{F}_r = -F_r\vec{\imath}$

Sumando las tres

$(m g\,\mathrm{sen}(\beta)-F_r)\vec{\imath}+(F_n-mg\cos(\beta))\vec{\jmath}=\vec{0}$

Puesto que las dos componentes deben anularse

$F_r = mg\,\mathrm{sen}(\beta)\qquad F_n = mg\,\cos(\beta)$

Dividiendo una por la otra

$\frac{F_r}{F_n} = \mathrm{tg}(\beta)$

pero, por las leyes del rozamiento

$\frac{|F_r|}{|F_n|}\leq\mu$

lo que nos da la condición para el ángulo

$\mathrm{tg}(\beta)\leq \mu$

Existe un ángulo crítico $β c = arctg(β)$ por debajo del cual el bloque se queda un equilibrio y por encima del cual desliza.

Cuando lo hace, el bloque adquiere una aceleración paralela al plano, con lo que la segunda ley de Newton nos da ahora

$(m g\,\mathrm{sen}(\beta)-F_r)\vec{\imath}+(F_n-mg\cos(\beta))\vec{\jmath}=ma\vec{\imath}$

Separando en componentes

$m g\,\mathrm{sen}(\beta)-F_r=ma\qquad F_n-mg\cos(\beta)=0$

En el caso del rozamiento dinámico seco

$|F_r| = \mu_d |F_n| = \mu_d m g\cos(\beta)\,$

lo que nos da la aceleración, independiente de la masa,

$a = g\left(\mathrm{sen}(\beta)-\mu_d \cos(\beta)\right)\,$

Obsérvese que, puesto que $μ d < μ$ existe un rango de ángulos tales que si el bloque está en reposo, permanece en reposo, pero si está en movimiento, continúa haciéndolo aceleradamente. Esto quiere decir en la práctica lo siguiente. Si vamos aumentando la inclinación del plano hasta un poco por debajo la posición de deslizamiento inminente, y ahora le pegamos un golpecito al plano, rompiendo los enlaces causantes del rozamiento estático, el bloque empieza a moverse, ya que la fuerza de rozmainto dinámica no es capaz de contenerlo.

5 Movimiento a lo largo de una curva

Curvas y peraltes

@@ Línea 198: / Línea 198: @@
 ====Resortes en paralelo====
+[[Archivo:resortes-paralelo.png|right]]
 Consideremos en primer lugar el caso de dos resortes de constantes <math>k_1</math> y <math>k_2</math> y longitudes en reposo <math>l_{10}</math> y <math>l_{20}</math>, que cuelgan del techo y una masa <math>m</math> suspendida de ambos muelles simultáneamente. ¿Cuál es la posición de equilibrio y con qué frecuencia oscila la masa?

Aplicaciones de las leyes de Newton (GIE)

De Laplace

Revisión de 08:59 29 oct 2011

Contenido

1 Caída de los cuerpos

1.1 Movimiento sin rozamiento

1.2 Movimiento con rozamiento

2 Oscilador armónico

2.1 Ley de Hooke

2.2 Dinamómetros

2.3 Movimiento de un oscilador armónico

2.3.1 Rectilíneo

2.3.2 Tridimensional

2.4 Asociaciones de osciladores

2.4.1 Resortes en paralelo

2.4.2 Resortes en serie

2.5 Oscilaciones no lineales. Péndulo simple

3 Tensión de un hilo

3.1 Máquina de Atwood

4 Movimiento sobre una superficie

5 Movimiento a lo largo de una curva

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