Péndulo compuesto

De Laplace

(Diferencias entre revisiones)

Revisión de 22:52 18 ene 2013

Contenido

1 Enunciado
2 Periodo
- 2.1 Aplicando la ley de conservación de la energía
- 2.2 Analizando las fuerzas aplicadas
3 Fuerza de reacción

1 Enunciado

Se tiene un péndulo compuesto consistente en una barra de longitud $H$ y masa $M$ suspendida por un punto situado a una distancia $b$ del centro de la barra ( $b < H / 2$ ). Suponiendo que la barra se desvía un ángulo pequeño $θ 0$ respecto de la vertical y a partir de ahí se suelta:

Determine el periodo de oscilación de la barra
Calcule la fuerza ejercida sobre el punto de anclaje cuando la barra pasa por la vertical en su oscilación.

2 Periodo

Determinaremos en primer lugar la ecuación de movimiento para el ángulo $θ$ que la barra forma con la vertical. Esto se puede hacer a partir de las fuerzas aplicadas o mediante la ley de conservación de la energía mecánica.

2.1 Aplicando la ley de conservación de la energía

De acuerdo con el teorema de las fuerzas vivas para un sólido (o teorema de la energía cinética), se cumple

$\frac{\mathrm{d}K}{\mathrm{d}t}=P =\sum_i \vec{F}_i\cdot\vec{v}_i$

Su peso, $M\vec{g}$ , aplicado en el CM
La fuerza de reacción, $\vec{F}_A$ ejercida por el soporte y aplicada en la posición de éste, que es fija.

De estas dos, solo el peso desarrolla una potencia, ya que la velocidad del punto de anclaje es nula.

A su vez, por tratarse de una fuerza conservativa, la potencia del peso es igual al ritmo de disminución de la energía potencial

$P_g = (M\vec{g})\cdot\vec{v}_C = -\frac{\mathrm{d}U}{\mathrm{d}t}$

siendo U la energía potencial gravitatoria

$U = M g y_C\,$

Por tanto, al ser la potencia debida a una fuerza conservativa, la energía mecánica se conserva

$K + U = E = \mathrm{cte}\,$

Energía cinética: la energía cinética la podemos descomponer en parte de traslación y parte de rotación. El CM describe un arco circular alrededor del punto de anclaje, a una distancia $b$ de este. Si $θ$ es el ángulo que la barra forma con la vertical

$|\vec{v}_C| = \omega r = |\dot{\theta}|b \qquad\Rightarrow\qquad K_T = \frac{1}{2}Mb^2\dot{\theta}^2$

La de rotación vale

$K_R = \frac{1}{2}I\dot{\theta}^2\qquad\qquad I = \frac{1}{12}MH^2$

La total es suma de estas dos

$K = \frac{1}{2}\left(Mb^2+I\right)\dot{\theta}^2$

Vemos que podemos calcular esta energía cinética directamente como la de una rotación en torno al punto fijo A, usando el teorema de Steiner para hallar el momento de inercia correspondiente.

Energía potencial: Si llamamos $y$ a la coordenada vertical, con $y = 0$ la altura del punto de anclaje, podemos escribir la energía potencial como

$U = mg y_C = -mgb\cos(\theta)\,$

el signo negativo proviene de que por debajo de A la coordenada

y

es negativa pero el coseno es positivo.

Sumando las dos contribuciones

$E = \frac{1}{2}\left(I+Mb^2\right)\dot{\theta}^2-Mgb\cos(\theta)$

Obtenemos la ecuación de movimiento derivando esta ecuación respecto al tiempo, aplicando que

$\frac{\mathrm{d}\ }{\mathrm{d}t}\left(\dot{\theta}\right)^2 = 2\dot{\theta}\,\ddot{\theta}$

y

$\frac{\mathrm{d}\ }{\mathrm{d}t}(\cos(\theta))=-\dot{\theta}\,\mathrm{sen}(\theta)$

Por tanto

$0=\frac{\mathrm{d}E}{\mathrm{d}t}=\left(I+Mb^2\right)\dot{\theta}\,\ddot{\theta}+Mgb\,\mathrm{sen}(\theta)\dot{\theta}$

Despejamos de aquí la aceleración angular

$\ddot{\theta}=-\frac{Mgb}{I+Mb^2}\mathrm{sen}(\theta)$

Esta es la ecuación del péndulo compuesto, que no tiene por qué ser una barra. En el caso particular de la barra queda

$\ddot{\theta}=-\frac{12gb}{H^2+12b^2}\mathrm{sen}(\theta)$

Si además la barra está sujeta por su extremo $b = H / 2$ y

$\ddot{\theta}=-\frac{3g}{2H}\mathrm{sen}(\theta)$

En general, el periodo de oscilación de un péndulo depende de la amplitud, pero si el ángulo de desviación es pequeño

$\mathrm{sen}(\theta)\simeq \theta$

y queda la ecuación de un oscilador armónico

$\ddot{\theta}=-\frac{Mgb}{I+Mb^2}\,\theta\qquad\qquad\theta\ll 1$

siendo la frecuencia de oscilación

$\Omega = \sqrt{\frac{Mgb}{I+Mb^2}}$

y el periodo

$T = \frac{2\pi}{\Omega}=2\pi\sqrt{\frac{I+Mb^2}{Mgb}}$

que para el caso de la barra se reduce a

$T = 2\pi\sqrt{\frac{H^2+12b^2}{12gb}}$

y si está sujeta por su extremo

$T = 2\pi\sqrt{\frac{2H}{3g}}$

2.2 Analizando las fuerzas aplicadas

También puede resolverse el problema aplicando el teorema de la cantidad de movimiento y el del momento cinético.

La barra constituye un sólido rígido sometido a dos fuerzas:

Su peso, $M\vec{g}$
La fuerza de reacción, $\vec{F}_A$ ejercida por el soporte en el punto de anclaje A.

No hay ningún momento de reacción ya que en el punto de anclaje la barra puede girar libremente.

La suma de estas dos fuerzas produce la aceleración del centro de masas

$M\vec{g}+\vec{F}_A = M\vec{a}_C$

En esta ecuación, la fuerza de reacción es también una incógnita, por lo que esta ecuación no nos vasta para determinar el movimiento del CM.

Para aplicar el teorema del momento cinético podemos considerar el centro de masas o un punto fijo. Para librarnos de la fuerza de reacción lo hacemos en el punto A

$I_A\vec{\alpha}=\vec{M}_A=\overrightarrow{AC}\times(M\vec{g})$

Aquí no aparece el momento de la fuerza de reacción porque estamos calculándolo justo en su punto de aplicación.

El momento de inercia que aparece en esta ecuación es el correspondiente al punto A, el cual se calcula por el teorema de Steiner

$I_A = I + M b^2\qquad\qquad I = \frac{1}{2}MH^2$

y la aceleración angular es la segunda derivada del ángulo que forma con la vertical

$\vec{\alpha}=\ddot{\theta}\vec{k}$

El sentido viene dado por la regla de la mano derecha. Hemos elegido un sistema de ejes centrado en el soporte con OX el horizontal en el plano del péndulo y OY el vertical (OZ sería perpendicular a ambos e iría hacia el exterior de la figura). En este sistema, la posición del centro de masas de la barra (que está en su centro geométrico) vale

$\vec{r}_C =\overrightarrow{AC} = b\,\mathrm{sen}(\theta)\vec{\imath}-b\cos(\theta)\vec{\jmath}$

y el momento del peso

$\vec{M}_A = \left|\begin{matrix}\vec{\imath} & \vec{\jmath} & \vec{k} \\ b\,\mathrm{sen}(\theta) & -b\cos(\theta) & 0 \\ 0 & -Mg & 0\end{matrix}\right| = -Mgb\,\mathrm{sen}(\theta)\vec{k}$

Igualando los dos miembros

$I_A\ddot{\theta}=-Mgb\,\mathrm{sen}(\theta)$

lo que nos da la ecuación del péndulo

$\ddot{\theta}=-\frac{Mgb}{I_A}\mathrm{sen}(\theta) = -\frac{Mgb}{I+Mb^2}\mathrm{sen}(\theta)$

Si el ángulo de desviación es pequeño puede aproximarse el seno por su argumento y escribirse

$\ddot{\theta}=-\frac{Mgb}{I+Mb^2}\theta$

que es la ecuación de un oscilador armónico de frecuencia angular

$\Omega = \sqrt{\frac{Mgb}{I+Mb^2}}$

a la cual corresponde un periodo

$T = \frac{2\pi}{\Omega} = 2\pi\sqrt{\frac{I+Mb^2}{Mgb}}$

Sustituyendo el valor del momento de inercia queda

$T = 2\pi\sqrt{\frac{H^2}{12gb}+\frac{b}{g}}$

Vemos que el periodo es independiente de la masa de la barra, resultado conocido por análisis dimensional del problema.

El periodo sí depende de dónde se encuentra el soporte a lo largo de la barra.

Si se encuentra en el extremo $b = H / 2$ y este periodo vale

$T(b=H/2) = 2\pi\sqrt{\frac{2H}{3g}}$

Este periodo es aproximadamente un 20% más corto que el del péndulo simple se la misma longitud y la misma masa.

Cuando el soporte se va situando cada vez más cerca del centro ( $b\to 0$ ) el periodo va creciendo de forma ilimitada, tendiendo a infinito para un soporte justo en el centro. Esto ocurre porque justo en esa posición el peso no provoca par alguno sobre el péndulo y no lo hace oscilar. La parra se queda en equilibrio en cualquier orientación respecto a la vertical.

3 Fuerza de reacción

Una vez que tenemos el movimiento del péndulo podemos hallar la fuerza de reacción a partir de la ecuación para la cantidad de movimiento

$\vec{F}_A = M\vec{a}_C-M\vec{g}$

Cuando el péndulo pasa por su punto más bajo, el peso y la aceleración del CM son verticales, con lo que la fuerza de reacción también lo será.

El CM de la barra describe un arco de circunferencia de radio $b$ alrededor del soporte. En el punto más bajo su rapidez es máxima, con lo que la aceleración tangencial es nula y su aceleración es puramente normal

$\vec{a}_C = \frac{v^2}{R}\vec{\jmath}=b\dot{\theta}^2\vec{\jmath}$

El valor máximo de $\dot{\theta}$ lo obtenemos de la ley de conservación de la energía mecánica

$\frac{1}{2}(I+Mb^2)\dot{\theta}^2-Mgb\cos(\theta)=E$

El valor de la energía lo sacamos de las condiciones iniciales. Si la barra parte del reposo con una cierta inclinación $θ 0$

$0 -Mgb\cos(\theta_0) = E\,$

Sustituyendo y despejando que da para el cuadrado de la velocidad angular en $θ = 0$

$\dot{\theta}^2 = \frac{2Mgb}{I+Mb^2}(1-\cos(\theta_0))$

lo que nos da la fuerza de reacción

$\vec{F}_A = Mg \left(\frac{2Mb^2}{I+Mb^2}(1-\cos(\theta_0)) +1\right)\vec{\jmath}$

En el caso particular de una barra sujeta por su extremo, esto se reduce a

$I=\frac{MH^2}{12}\qquad b = \frac{H}{2}\qquad \vec{F}_A=Mg\left(\frac{3}{2}(1-\cos(\theta_0)) + 1\right)\vec{k} =\frac{Mg}{2}\left(5-3\cos(\theta_0)\right)\vec{k}$

@@ Línea 204: / Línea 204: @@
 En el caso particular de una barra sujeta por su extremo, esto se reduce a
-<center><math>I=\frac{MH^2}{12}\qquad b = \frac{H}{2}\qquad \vec{F}_A=Mg\left(\frac{3}{2}(1-\cos(\theta_0)) + 1\right)\vec{k} =\frac{Mg}{2}\left(5-3\cos(\theta_0))\vec{k}</math></center>
+<center><math>I=\frac{MH^2}{12}\qquad b = \frac{H}{2}\qquad \vec{F}_A=Mg\left(\frac{3}{2}(1-\cos(\theta_0)) + 1\right)\vec{k} =\frac{Mg}{2}\left(5-3\cos(\theta_0)\right)\vec{k}</math></center>
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Péndulo compuesto

De Laplace

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